Void 函数
在PHP 7 中引入的其他返回值类型的基础上,一个新的返回值类型void被引入。 返回值声明为 void 类型的方法要么干脆省去 return 语句,要么使用一个空的 return 语句。 对于 void 函数来说,null 不是一个合法的返回值。
<?php
function swap(&$left, &$right) : void
{
if ($left === $right) {
return;
}
$tmp = $left;
$left = $right;
$right = $tmp;
}
$a = 1;
$b = 2;
var_dump(swap($a, $b), $a, $b);
以上代码
当
$a = 1; $b = 2;
并不会进入到if语句中,所以会继续执行,最后也没有返回到任何的值.
null
int(2)
int(1)
当
$a = 1; $b = 1;
则会进入到if语句中,return返回.
null
int(1)
int(1)
由于返回类型为void,则两种情况1.无写返回值 2.直接return 方式返回,获取返回结果均会得到一个null值.
试图去获取一个 void 方法的返回值会得到 null ,并且不会产生任何警告。这么做的原因是不想影响更高层次的方法。
注意,不但适用于函数中,也同样适用于对象的方法中
如下示例:
<?php
error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', true);
class Tests
{
function swap(&$left, &$right) : void
{
if ($left === $right) {
return;
}
$tmp = $left;
$left = $right;
$right = $tmp;
}
}
$test = new Tests();
$a = 1;
$b = 2;
var_dump($test->swap($a, $b), $a, $b);
结果:
null
int(2)
int(1)
补充整理总结:
PHP7.0 添加了指定函数返回类型的特性,但是返回类型却不能指定为 void
,7.1 的这个特性算是一个补充,但是让人大跌眼镜的是一下会报错:
<?php
function should_return_nothing(): void {
return 1; // Fatal error: A void function must not return a value
}
以下两种情况都可以通过验证:
<?php
function lacks_return(): void {
// valid
}
function returns_nothing(): void {
return; // valid
}
定义返回类型为 void
的函数不能有返回值,即使返回 null
也不行:
<?php
function returns_one(): void {
return 1; // Fatal error: A void function must not return a value
}
function returns_null(): void {
return null; // Fatal error: A void function must not return a value
}
此外 void
也只适用于返回类型,并不能用于参数类型声明,或者会触发错误:
<?php
function foobar(void $foo) { // Fatal error: void cannot be used as a parameter type
}
类函数中对于返回类型的声明也不能被子类覆盖,否则会触发错误:
<?php
class Foo
{
public function bar(): void {
}
}
class Foobar extends Foo
{
public function bar(): array { // Fatal error: Declaration of Foobar::bar() must be compatible with Foo::bar(): void
}
}
Last updated
Was this helpful?