Void 函数

在PHP 7 中引入的其他返回值类型的基础上，一个新的返回值类型void被引入。 返回值声明为 void 类型的方法要么干脆省去 return 语句，要么使用一个空的 return 语句。 对于 void 函数来说，null 不是一个合法的返回值。

<?php
function swap(&$left, &$right) : void
{
    if ($left === $right) {
        return;
    }

    $tmp = $left;
    $left = $right;
    $right = $tmp;
}

$a = 1;
$b = 2;
var_dump(swap($a, $b), $a, $b);

以上代码

• 当$a = 1;　$b = 2; 并不会进入到if语句中，所以会继续执行，最后也没有返回到任何的值．

null
int(2)
int(1)

• 当$a = 1;　$b = １;则会进入到if语句中，return返回．

null
int(1)
int(1)

由于返回类型为void，则两种情况１．无写返回值 ２．直接return 方式返回，获取返回结果均会得到一个null值．

试图去获取一个 void 方法的返回值会得到 null ，并且不会产生任何警告。这么做的原因是不想影响更高层次的方法。

注意，不但适用于函数中，也同样适用于对象的方法中

如下示例：

<?php
error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', true);


class Tests
{
    function swap(&$left, &$right) : void
    {
        if ($left === $right) {
            return;
        }

        $tmp = $left;
        $left = $right;
        $right = $tmp;
    }
}

$test = new Tests();
$a = 1;
$b = 2;
var_dump($test->swap($a, $b), $a, $b);

结果：

null
int(2)
int(1)

补充整理总结：

PHP7.0 添加了指定函数返回类型的特性，但是返回类型却不能指定为 void，7.1 的这个特性算是一个补充，但是让人大跌眼镜的是一下会报错：

<?php
function should_return_nothing(): void {
    return 1; // Fatal error: A void function must not return a value
}

以下两种情况都可以通过验证：

<?php
function lacks_return(): void {
    // valid
}

function returns_nothing(): void {
    return; // valid
}

定义返回类型为 void 的函数不能有返回值，即使返回 null 也不行：

<?php
function returns_one(): void {
    return 1; // Fatal error: A void function must not return a value
}

function returns_null(): void {
    return null; // Fatal error: A void function must not return a value
}

此外 void 也只适用于返回类型，并不能用于参数类型声明，或者会触发错误：

<?php
function foobar(void $foo) { // Fatal error: void cannot be used as a parameter type
}

类函数中对于返回类型的声明也不能被子类覆盖，否则会触发错误：

<?php
class Foo
{
    public function bar(): void {
    }
}

class Foobar extends Foo
{
    public function bar(): array { // Fatal error: Declaration of Foobar::bar() must be compatible with Foo::bar(): void
    }
}